天河网站建设技术,服务器平台有哪些,网站设计尺寸1920,免费wordpress托管服务商题目链接 Leetcode.2359 找到离给定两个节点最近的节点 Rating #xff1a; 1715 题目描述
给你一个 n个节点的 有向图 #xff0c;节点编号为 0到 n - 1#xff0c;每个节点 至多 有一条出边。
有向图用大小为 n下标从 0开始的数组 edges表示#xff0c;表示节点 i有一条…题目链接 Leetcode.2359 找到离给定两个节点最近的节点 Rating 1715 题目描述
给你一个 n个节点的 有向图 节点编号为 0到 n - 1每个节点 至多 有一条出边。
有向图用大小为 n下标从 0开始的数组 edges表示表示节点 i有一条有向边指向 edges[i]。如果节点 i没有出边那么 edges[i] -1。
同时给你两个节点 node1和 node2。
请你返回一个从 node1和 node2都能到达节点的编号使节点 node1和节点 node2到这个节点的距离 较大值最小化。如果有多个答案请返回 最小 的节点编号。如果答案不存在返回 -1。
注意 edges可能包含环。
示例1 输入edges [2,2,3,-1], node1 0, node2 1 输出2 解释从节点 0 到节点 2 的距离为 1 从节点 1 到节点 2 的距离为 1 。 两个距离的较大值为 1 。我们无法得到一个比 1 更小的较大值所以我们返回节点 2 。 示例2 输入edges [1,2,-1], node1 0, node2 2 输出2 解释节点 0 到节点 2 的距离为 2 节点 2 到它自己的距离为 0 。 两个距离的较大值为 2 。我们无法得到一个比 2 更小的较大值所以我们返回节点 2 。 提示
nedges.lengthn edges.lengthnedges.length2n1052 n 10^52n105−1edges[i]n-1 edges[i] n−1edges[i]nedges[i]!iedges[i] ! iedges[i]!i0node1,node2n0 node1, node2 n0node1,node2n
解法一BFS
一个比较容易想到的解法是对于 node1和 node2分别通过 BFS 计算其 到各个点的距离矩阵 d1和 d2。
对于 d1和 d2我们从小到大遍历更新最小的 较大值。
时间复杂度O(n)O(n)O(n)
代码
class Solution {
public:
// 建图unordered_mapint,vectorint g;//bfs 求起点 root 到各个点的距离矩阵void bfs(int root,vectorint dist){queueint q;q.push(root);int step 0;while(!q.empty()){int sz q.size();for(int i 0;i sz;i){auto t q.front();q.pop();dist[t] step;for(auto v:g[t]){if(dist[v] ! -1) continue;q.push(v);}}step;}}int closestMeetingNode(vectorint edges, int node1, int node2) {int n edges.size();for(int i 0;i n;i){if(edges[i] -1) continue;int a i, b edges[i];g[a].push_back(b);}vectorint a(n,-1),b(n,-1);bfs(node1,a);bfs(node2,b);/*for(int i 0;i n;i){printf(i %d , d1 %d , d2 %d\n,i,a[i],b[i]);}*/int dist 1e9;int idx -1;for(int i 0;i n;i){if(a[i] -1 || b[i] -1) continue;int d max(a[i],b[i]);if(dist d){dist d;idx i;}}return idx;}
};解法二遍历
题目给定地有向图实际上是一个 基环树因为每一个结点的 出边最多只有一条所以实际上我们不需要建图只需要直接循环遍历即可。
时间复杂度O(n)O(n)O(n)
代码
class Solution {
public:int closestMeetingNode(vectorint edges, int node1, int node2) {int n edges.size();auto dfs [](int u) - vectorint{vectorint dist(n,1e9);int d 0;while(u ! -1 dist[u] 1e9){dist[u] d;d;u edges[u];}return dist;};auto d1 dfs(node1);auto d2 dfs(node2);int ans 1e9,idx -1;for(int i 0;i n;i){if(d1[i] 1e9 || d2[i] 1e9) continue;int d max(d1[i],d2[i]);if(ans d){ans d;idx i;}}return idx;}
};
