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描述

一张普通的国际象棋棋盘，它被分成 8 乘 8 (8 行 8 列) 的 64 个方格。设有形状一样的多米诺牌，每张牌恰好覆盖棋盘上相邻的两个方格，即一张多米诺牌是一张 1 行 2 列或者 2 行 1 列的牌。那么，是否能够把 32 张多米诺牌摆放到棋盘上，使得任何两张多米诺牌均不重叠，每张多米诺牌覆盖两个方格，并且棋盘上所有的方格都被覆盖住？我们把这样一种排列称为棋盘被多米诺牌完美覆盖。这是一个简单的排列问题，同学们能够很快构造出许多不同的完美覆盖。但是，计算不同的完美覆盖的总数就不是一件容易的事情了。不过，同学们 发挥自己的聪明才智，还是有可能做到的。
现在我们通过计算机编程对 3 乘 n 棋盘的不同的完美覆盖的总数进行计算。

 

任务
对 3 乘 n 棋盘的不同的完美覆盖的总数进行计算。

输入

一次输入可能包含多行，每一行分别给出不同的 n 值 ( 即 3 乘 n 棋盘的列数 )。当输入 -1 的时候结束。

n 的值最大不超过 30.

输出

针对每一行的 n 值，输出 3 乘 n 棋盘的不同的完美覆盖的总数。

样例输入

2
8
12
-1

样例输出

3
153
2131

解题分析

首先，由于多米诺牌本身占两个格子，所以如果完全覆盖的话，那么n一个要偶数，否则3乘上一个奇数会导致格子总数为奇数，这就矛盾了。

然后，我们可以明显地感知到，我们当前排列的结果与前面的排列是有一定关系的。我们先计算一个n=2的时候，这是最小的单元（n=1的时候很明显，不可能被完全覆盖，或者从n必须为偶数理解）。我们自己脑子里摆一摆，知道n=2的时候有三种摆法。现在我们设置一个数组dp，dp[i]表示n=i时的摆法。显然，dp[i]中有一部分摆法是3*dp[i-2]。但是这显然没有包括全部的情况。那我们还漏掉了哪些情况？

简单举个例子，有两种很重要的情况被我们忽略了。比如n=4的时候，如果我们只是计算3*dp[2]，那实际上我们在n=2，3这两列可以横着放多米诺牌。这部分被我们忽略了。所以我们还需要考虑dp[i-4]，即我们空出四列出来，然后计算dp[i-4]*2，然后保持这两列横着放，继续i-=2，因为我们刚刚使用了dp[i-4]，这是没有考虑i-4和i-5列横着放并且i-3和i-2列横着放的情况。

代码实现

#include <iostream>
using namespace std;
int dp[31]={0};int compute(int m){if(dp[m]) return dp[m];for(int i=4;i<=30;i++){dp[i]=dp[i-2]*3;for(int j=i-4;j>=0;j-=2){dp[i]+=dp[j]*2;}}return dp[m];
}int main(){int n;dp[0]=1;dp[2]=3;while(cin>>n){if(n==-1){break;                                                                                                                                                                                                                                                                                          }cout<<compute(n)<<endl;}return 0;
}